A Radon–Nikodym-tétel következményei
6.1. Az L p terek duálisa
A fejezetben adott1< p <∞mellett jelölje minden esetben1< q <∞azt a számot, amelyre 1p+1q = 1. Hap= 1, akkor legyen q=∞és hasonlóan, hap=∞, akkor legyenq= 1.
Az alábbi kis lemmácskát sokat fogjuk használni.
6.1.1. lemma. Legyen 1≤p <∞, f ∈Lp(X,M, µ), továbbá A=∪∞n=1An, aholAn∈ M, An⊆An+1monoton bővülő halmaz-sorozat. Ekkorf χAn→f χA
azLp(X,M, µ)metrikája szerint.
Bizonyítás. Definiálja hn =f χAn. AzAn halmaz-sorozat monoton növeke-dése miatt hn → f χA µ-m.m. Az fp ∈ L1 miatt f µ-m.m. véges. Ezért
|hn−f χA|p → 0 µ-m.m. pontonként. No de |hn−f χA| ≤ |hn|+|f| =
= 2|f|,ezért|hn−f χA|p≤2p|f|p. Eszerint találtunk2p|f|p∈L1majoráns függvényt. Alkalmazva a majorált konvergenciatételt, azt kapjuk, hogy
khn−f χAkpp= Z
X
|hn−f χA|pdµ→0, azazhn →f χA azLp tér metrikája szerint.
Vegyük észre, hogy a fenti állítás hamisp=∞esetben. Ha példáulf = 1 ésAn= [−n, n],akkorχAn nem tart egyenletesen a konstans1függvényhez.
6.1.2. állítás. Legyen 1≤p≤ ∞. A korlátos függvények Lp egy sűrű rész-halmazát alkotják.
169
Bizonyítás. Az állítás a p = ∞ esetben semmitmondó. Ha p < ∞, akkor legyenAn = X(f ≤n). Világos, hogy An ⊆ An+1 ésfp ∈ L1 miatt f µ-m.m. véges, ezért null-mértékű halmaztó eltekintve ∪An = X. Alkalmazva az előző állítást azt kapjuk, hogy
f χAn →f χ(∪∞n=1An) =f
módon definiált függvény egy folytonos lineáris funkcionálja Lp(X,M, µ)-nek. Ha p > 1; vagy a p = 1 esetben ha az (X,M, µ) mértéktér σ-véges, akkor a
kΦgkL∗
p =kgkq. egyenlőség is fennáll.
Bizonyítás. Nyilván feltehető, hogykgkL
q 6= 0.A Hölder-egyenlőtlenség sze-rint mindenf ∈Lp (1≤p≤ ∞)függvény esetén tehátΦfolytonos lineáris funkcionál, éskΦgkL∗
p ≤ kgkq.
Most tekintsük ap= 1esetet, amikorµmérték σ-véges, azazX =∪Xn,
ami nyilván ellentmondás, tehátµ(An) = 0valóban fennáll. Világos, hogy X lineáris funkcionál, valamint µ(X) < ∞ véges nem negatív mérték. Ekkor létezik egyetleng∈Lq(X,M, µ)függvény, amelyre mindenf ∈Lp(X,M, µ)
Bizonyítás. Az állítás unicitási része egyszerű, hiszen ha g1 ésg2 két ilyen függvény, akkorµ(X)végessége miatt mindenE∈ MmellettχE ∈Lp(X), végesen additivitása a Φlinearitásának következménye. Megmutatjuk, hogy λmérték. HaA=∪∞n=1An diszjunkt egyesítés, akkorN → ∞mellett
a µ σ-additivitása miatt. Tehát a χ∪∞
n=NAn
N∈N függvénysorozat Lp-ben konvergál0∈Lp-hez. AΦfolytonossága szerint :
λ(∪∞n=NAn) = Φ χ∪∞n=NAn
→0.
Így kihasználvaλvégesen additivitását azt kapjuk, hogy λ(∪∞n=1An) =λ ∪N−1n=1An
Tehátλvalóban egy végesR-értékű mérték.
HaE∈ Mmellettµ(E) = 0, akkorχE a zérus elemeLq-nak, ezért λµ.
Alkalmazható tehát az 5.3.5. Radon–Nikodym-tétel, amely szerint létezik egyetlen olyang∈L1(X,M, µ)függvény, amelyre
Most megmutatjuk, hogy az így kapottg jó is lesz az állítás bizonyításához.
A fenti sor szerint ezzel készen is vagyunk abban az esetben, ha azf ∈Lp
függvény valamely mérhető halmaz indikátor függvénye. Az egyszerű függvé-nyek indikátor függvéfüggvé-nyek véges együtthatókkal képzett lineáris kombinációi, ezért haf =PN
Egyrészt, haf korlátos függvény, akkorf előáll mintsn egyszerű függvények egyenletes határértéke. Deµ(X)<∞,így
kf −snkpp=
Másrészt,sng→f g µ-m.m. pontonként, sőt elég nagyn-re
|sng| ≤2kfk∞|g|
az sn egyenletes konvergenciája miatt. A µ mérték végességét újra kihasz-nálva azt látjuk, hogy a 2kfk∞|g| függvény egy L1-beli majoránsa az sng függvénysorozatnak. Alkalmazva a majorált konvergenciatételt
Φ (sn) =
Összevetve : (†)és (‡) szerint tetszőleges f korlátos, ezért Lp-beli függvény mellett
Φ (f) = Z
X
f gdµ.
Tudjuk viszont, hogy a korlátos függvényekLp-ben sűrű részhalmazt alkot-nak, amelyen a Φ és a Φg folytonos függvények a fent bizonyítottak miatt egybeesnek. Ekkor
Φ (f) = Φg(f) = Z
X
f gdµ mindenf ∈Lp mellett is fennáll.
Már csak azt kell igazolnunk, hogyg∈Lq.Ehhez szét kell választanunk a p= 1 és a1< pesetet.
p= 1esetben, meg kell mutatnunk, hogyg µ-m.m. korlátos. Ehhez tekint-sük a integrál közepeket. No deµ(E)>0 mellett p >1 esetben, meg kell mutatnunk, hogy R
X|g|qdµ <∞. Legyen En =
amiből azt kapjuk, hogy R
En|g|qdµ1−1/p
= R
En|g|qdµ1/q
≤ kΦk. No deχEn|g|q → |g|q monoton növekedőlegµ-m.m. pontonként a g∈L1miatt, ezért a monoton konvergenciatétel szerint
Z
X
χEn|g|qdµ→ Z
X
|g|qdµ.
Azt kaptuk tehát, hogykgkq ≤ kΦk is fennáll, azazg ∈Lq valóban teljesül.
6.1.5. állítás. Tekintsük az (X,M, µ) mértékteret, és az ehhez tartozó Lp(X,M, µ)Banach-teret. Legyen Φ∈L∗p folytonos lineáris funkcionál rög-zítve.
·Ha p= 1,és µ σ-véges mérték, akkor létezik egyetleng ∈L∞ függvény, amelyre
Φ = Φg, valamint kΦk=kgk∞.
·Ha1< p <∞,akkor létezik egyetlen g∈Lq függvény, amelyre Φ = Φg, valamint kΦk=kgkq.
Bizonyítás. Mindkét állítást igazoltuk aµ(X)<∞speciális esetben. Legyen mostA ∈ M egy µ(A) <∞ véges mértékű mérhető halmaz. Tekintsük az ehhez tartozó(A,MA, µA)véges mértékteret, ahol
MA={M ∩A:M ∈ M}; µA=µ|MA.
Jelölje egyszerűen Lp(A) az Lp(A,MA, µA) mértékteret és L∗p(A) ennek duális terét. Tekinthetjük az Lp(A) Banach-teret mint az Lp(X) alterét, hiszen egyf ∈Lp(A)függvényt Ac-re kiterjeszthetjük f˜|Ac = 0 ésf˜|A=f módon. Ígykf˜kLp=kfkL
p(A). HaΦ∈L∗p(X)folytonos lineáris funkcionál, akkor az folytonos lineáris funkcionálLp(A)altéren is, hiszen
f ∈Lp(A) mellett Φ
f˜
≤ kΦkL∗
p(X)kf˜kLp(X)=kΦkL∗
p(X)kfkL
p(A). ÍgyΦvalóban folytonos, sőtkΦkL
p(A)≤ kΦkL∗
p(X).A továbbiakban az egy-szerűség kedvéért nem teszünk jelölésbeli különbségetf ésf˜között.
Minden A∈ M, µ(A)<∞ halmazra alkalmazhatjuk a már igazolt állí-tást. Így mindenA∈ M, µ(A)<∞halmazhoz létezik egyetlengA∈Lq(A) függvény, melyre mindenf ∈Lp(A)esetén
Φ (f) = Z
A
f gAdµ, és kgAkL
q(A)=kΦkL∗
p(A)≤ kΦkL∗ p(X).
Az egyértelműség miatt az A, B ∈ Mvéges mértékű halmazokra (gA)|B =
·Egyrészt feltehető, hogy An ⊆An+1 mindenn∈Nmellett. Ugyanis ha BN =∪Nn=1An,akkor(gBN)|A
állna fenn elegendő nagynmellett ellentmondvasszuprémum tulajdonságá-nak. (Figyeljük meg, hogyp= 1esetben mi történne !)
A tételben előírtg ∈Lq(X)függvény konstrukciója következik. A gn(x) sorozat kvázikonstans azAn halmazok monoton növekedése miatt, tehát lé-tezik a g : X →R mérhető függvény, melyregn →g pontonként. Látható, hogyg∈Lq(X),hiszen|gn| monoton növekedőleg tart|g|-hez, ezértq <∞ esetben a monoton konvergenciatétel miatt R
X|gn|qdµ →R
X|g|qdµ. A bal
oldali határérték minden tagja legfeljebb sq, ezért kgkL sze-rint, ezértΦfolytonossága miatt
Φ (f χAn)→Φ (f).
A Hölder-egyenlőtlenség szerint tehát f g ∈ L1(X). De az (|f gn|)n∈
N soro-zatnakf g majoránsa, ami ezek szerintL1(X)-beli, ezért a majorált konver-genciatétel szerint
A három utoljára kiemelt sort összevetve azt kapjuk, hogy Φ (f) =
Z
X
f gdµ.
fennáll minden olyanf ∈Lp(X)függvény esetén, amelyref|Ac
∞ = 0.
Tekintsünk most egy olyanf ∈Lp(X)függvényt, amely azA∞halmazon konstans zéró. Megfogjuk mutatni, hogyΦ (f) = 0.
Hap= 1,akkor µ σ-végessége miatt,A∞=X,ezért ilyen függvény csak Lp zérus eleme lehet, tehát ebben az esetbenΦ (f) = 0teljesül.
Hap > 1, legyen Bn =X(|f| ≥1/n), és B∞ =∪∞n=1Bn. Világos, hogy X(f = 0) =B∞c ésµ(Bn)<∞az f ∈Lp(X)miatt. A lemmát használva, kapjuk aBn növő sorozatra, hogyf χBn→f az Lp(X)topológiája szerint, ezértΦfolytonossága szerint
Φ (f χBn)→Φ (f).
No de a harmadik megjegyzésünk alkalmazhatóp >1miatt, így(gBn)|Ac
∞ =
Összegzésként tetszőleges f ∈ Lp(X) mellett f χA∞ eltűnik Ac∞-en, és f χAc∞ eltűnikA∞-en. Így az előző két bekezdés szerint
Φ(f) = Φ f χA∞+f χAc
∞
= Φ (f χA∞) + Φ f χAc
∞
= Z
X
f gdµ+ 0 = Z
f gdµ.
Ezt kellett ag egzisztenciáját követelő állításhoz belátni.
A bizonyításból már csakg unicitásának igazolása maradt hátra. Tegyük fel, hogy létezikg1 ésg2Lq-beli függvény, amelyre mindenf ∈Lp mellett
Z
X
f g1dµ= Z
X
f g2dµ.
LegyenAn=X |g1| ≥ 1n
ésBn=X |g2| ≥n1
. EkkorAnésBnvéges