M´atrixok transzpon´altja
1. Defin´ıci´o. Legyen A = (aij)mi=1,nj=1 egy m × n-es m´atrix. Azt a B = (bij)ni=1,mj=1 n×m-es m´atrixot, amelyiknek az i-edik sor´anak j-edik eleme meg- egyezik az A m´atrix j-edik sor´anak i-edik elem´evel b´armely i = 1,2, . . . , n, j = 1,2, . . . m eset´en, azaz
bij =aji ∀i= 1,2, . . . , n, j = 1,2, . . . m, az A m´atrix transzpon´altj´anak nevezz¨uk. Jel¨ol´ese: AT.
Val´oj´aban azAT m´atrixot ´ugy kapjuk meg azAm´atrixb´ol, hogy annak a sorait
´es oszlopait felcser´elj¨uk. Ha
A=
a11 a12 · · · a1n a21 a22 · · · a2n ... ... · · · ... am1 am2 · · · amn
,
akkor
AT =
a11 a21 · · · am1
a12 a22 · · · am2
... ... · · · ... a1n a2n · · · amn
.
2.P´elda.
A=
1 3 4 5 2 0 4 3
⇒ AT
1 2 3 0 4 4 5 3
3.P´elda.
A=
3 6 0 4 1 2 0 5 1 2 3 4
⇒ AT
3 4 0 2 6 1 5 3 0 2 1 4
K¨onnyen ellen˝orizhet˝oek a transzpon´al´as al´abbi tulajdons´agai:
4. All´ıt´´ as. Legyenek A, B m×n-es m´atrixok, C egy n×k-s m´atrix, λ ∈ R. Ekkor
ATT
= A,
(A+B)T = AT +BT, (λ·A)T = λ·AT, (A·C)T = CT ·AT.
A tov´abbiakban bel´atjuk, hogy egy tetsz˝oleges n´egyzetes m´atrixnak ´es a m´atrix transzpon´altj´anak a determin´ansa megegyezik.
1
El˝osz¨or azt igazoljuk, hogy egy n-ed rend˝u elmei m´atrixnak ´es a m´atrix tran- szpon´altj´anak a determin´ansa megegyezik.
5. All´ıt´´ as. Ha Me egy n-ed rend˝u elemi m´atrix, akkor
|Me|=|MeT|.
Bizony´ıt´as. Az k¨onnyen l´atszik, hogy ha azMeelemi m´atrixot az egys´egm´atrix- b´ol ´ugy kapjuk, hogy az egyik sor minden elem´et megszorzunk egy null´at´ol k¨ul¨onb¨oz˝o λ ∈ R val´os sz´ammal, akkor Me = MeT, ´ıgy nyilv´anval´oam |Me| =
|MeT| teljes¨ul.
Amennyiben az Me elemi m´atrixot az egys´egm´atrixb´ol ´ugy kapjuk, hogy az egys´egm´atrix i-edik sor´at felcser´elj¨uk a jedik sor´aval, akkor ism´et nem t´ul neh´ez bel´atni, hogy Me=MeT, amib˝ol ism´et k¨ovetkezik, hogy |Me|=|MeT|.
Ha pedig azMeelemi m´atrixot az egys´egm´atrixb´ol ´ugy kapjuk, hogy az egys´eg- m´atrixi-edik sor´anakλ val´os sz´amszoros´at hozz´aadjuk az egys´egm´atrixj 6=i- edik sor´ahoz, akkor ennek a m´atrixnak a transzpon´altja megegyezik azzal a m´atrixszal, amit az egys´egm´atrixb´ol ´ugy kapunk, hogy az egys´egm´atrixj-edik sor´anak λ-szoros´at hozz´aadjuk az egys´egm´atrix i-edik sor´ahoz. Vizsont mind a k´et esetben a determin´ans defin´ıci´oja miatt a kapott m´atrixok determin´ansa megegyezik az egys´egm´atrix determin´ans´aval, ´ıgy ism´et azt vezett¨uk le, hogy
|Me|=|MeT|.
L´assuk be most az ´all´ıt´ast tetsz˝oleges n×n-es n´egyzetes m´atrix eset´en!
6. T´etel. Legyen A∈ Mn×n. Ekkor
|A|=|AT|.
Bizony´ıt´as. Ha az A ∈ Mn×n nem invert´alhat´o, akkor tudjuk, hogy |A| = 0.
Ugyanakkor, ha AT invert´alhat´o lenne, akkor felhaszn´alva, hogy (A·B)T =BT ·AT, ATT
=A, azt vezethetj¨uk le, hogy
E =ET = AT ·(AT)−1T
= (AT)−1T
· ATT
= (AT)−1T
·A.
Ez viszont azt jelenten´e, hogyAinvert´alhat´o, ami ellentmond a felt´etel¨unknek.
Teh´at, haAnem invert´alhat´o, akkorAT sem invert´alhat´o ´es ennek k¨ovetkezt´eben 0 =|A|=|AT|.
Tegy¨uk fel ezek ut´an, hogy A invert´alhat´o. Tudjuk, hogy ekkor A fel´ırhat´o n-ed rend˝u elemi m´atrixok szorzatak´ent
A =Me1 ·Me2· · ·Met.
2
Felhaszn´alva a determin´ansok szorz´ast´etel´et, illetve, hogy egy elemi m´atrixnak
´es a transzpon´altj´anak a determin´ansa megegyezik, azt kapjuk, hogy
|AT|=|(Me1 ·Me2· · ·Met)T|
=|(MeTt· · ·MeT
2 ·MeT
1)|
=|MeTt| · · · |MeT2| · |MeT1|
=|Met| · · · |Me2| · |Me1|
=|Me1| · |Me2| · · · |Met|
=|Me1·Me2· · ·Met|=|A|.
A fenti t´etel k¨ovetkezm´enye, hogy minden determin´anssal kapcsolatos olyan
´
all´ıt´as, ami az adott m´atrix valamelyik sor´aval van megfogalmazva, ´atfogal- mazhat´o ´ugy, hogy a sor, sorok helyett oszlopot, oszlopokat ´ırunk. P´eld´aul, igaz az al´abbi k´et ´all´ıt´as.
7. All´ıt´´ as. Amennyiben egy A m´atrix valamelyik oszlopa csak null´akat tartal- maz, akkor a m´atrix determin´ansa 0.
Bizony´ıt´as. A bizony´ıt´as sor´an legyen A az a m´atrix, amelyiknek mondjuk az i-edik oszlopa csak null´akat tartalmaz. Vegy¨uk az A m´atrix transzpon´altj´at.
Ekkor az AT m´atrix i-edik sora csak null´akat fog tartalmazni ´es kor´abban m´ar bel´attuk, hogy egy ilyen m´atrix determin´ansa 0, azaz |AT| = 0. Viszont
|A|=|AT|miatt |A| is 0.
8. All´ıt´´ as. Ha az A ∈ Mn×n m´atrix sorvektorai line´arisan f¨ugg˝oek, akkor
|A|= 0.
Bizony´ıt´as. Tegy¨uk fel, hogy az A m´atrix sorvektorai line´arisan f¨ugg˝oek az Rn vektort´erben. Ekkor term´eszetesen az A m´atrix AT transzpon´altj´anak az oszlopvektorai line´arisan f¨ugg˝oek, aminek k¨ovetkezt´ebenAT nem invert´alhat´o
´es ´ıgy
|A|=|AT|= 0.
A determin´ans f¨uggv´eny defin´ıci´oj´aban szerepl˝o 1)-3) ´all´ıt´as ´atfogalmaz´asa:
1) Amennyiben az A∈ Mn×nm´atrix eset´enB-vel jel¨olj¨uk azt a m´atrixot, amelyet az A m´atrixb´ol ´ugy kapunk meg, hogy k´et tetsz˝oleges oszlopot felcser´el¨unk, akkor
|B|= (−1)· |A|.
2) Amennyiben az A∈ Mn×n m´atrix eset´enB jel¨oli azt a m´atrixot, amit
´
ugy kapunk, hogy Aegyik oszlop´anak minden elem´et megszorozzuk egy λ val´os sz´ammal, akkor
|B|=λ· |A|.
3
3) Amennyiben az A ∈ Mn×n eset´en B-vel jel¨olj¨uk azt a m´atrixot, amit
´
ugy kapunk meg az A m´atrixb´ol, hogy az A m´atrix egyik oszlop´anak sz´amszoros´at hozz´aadjuk az A m´atrix egy m´asik oszlop´ahoz, akkor
|B|=|A|.
A k¨ovetkez˝o t´etel a determin´ans soradditivit´as´ar´ol sz´ol.
9. T´etel. Tegy¨uk fel, hogy az A ∈ Mn×n ´es B ∈ Mn×n m´atrixok csup´an az 1 ≤ i ≤ n-edik sorban k¨ul¨onb¨oznek egym´ast´ol. Jel¨olje ¯ai az A m´atrix, ¯bi a B m´atrix i-edik sorvektor´at. Legyen C az a m´atrix, amit ´ugy kapunk, hogy az A m´atrix i-edik sorvektor´at ¯ai-t lecser´elj¨uk az ¯ai+ ¯bi vektorra. Ekkor
|C|=|A|+|B|.
Ism´et felhaszn´alva, hogy egy determin´ansokra vonatkoz´o ´all´ıt´as igaz marad, ha a sor, sorok kifejez´est oszlop, oszlopokra cser´elj¨uk, a k¨ovetkez˝o ´all´ıt´as is igaz lesz.
10. T´etel. Tegy¨uk fel, hogy az A ∈ Mn×n ´es B ∈ Mn×n m´atrixok csup´an az 1 ≤ i ≤ n-edik oszlopban k¨ul¨onb¨oznek egym´ast´ol. Jel¨olje ¯ai az A m´atrix, ¯bi a B m´atrix i-edik oszlopvektor´at. Legyen C az a m´atrix, amit ´ugy kapunk, hogy az A m´atrix i-edik oszlopvektor´at ¯ai-t lecser´elj¨uk az ¯ai+ ¯bi vektorra. Ekkor
|C|=|A|+|B|.
A determin´ansok kisz´am´ıt´as´ara nem csak a pivot´al´as m´odszere alkalmas. Bi- zonyos esetekben fontos lesz sz´amunkra, hogy az ´ugynevezett kifejt´esi t´etelt haszn´aljuk. Ahhoz azonban, hogy kimondjuk a determin´ansokra vonatkoz´o sor, illetve oszlop szerinti kifejt´esi t´etelt, sz¨uks´eg¨unk lesz n´eh´any defin´ıci´ora,
´
all´ıt´asra.
11. Defin´ıci´o. Legyen A ∈ Mn×n egy tetsz˝oleges m´atrix. Jel¨olje Aij azt a m´atrixot, amely m´atrixot az A m´atrixb´ol ´ugy kapunk meg, hogy t¨or¨olj¨uk az A m´atrixi-edik sor´at ´es a j-edik oszlop´at. Ezen m´atrix |Aij| determin´ans´at az A m´atrixi-edik sor´anakj-edik elem´ehez tartoz´o adjung´alt aldetermin´ans´anak, az
A∗ij = (−1)i+j|Aij|
val´os sz´amot pedig azA m´atrixi-edik sor´anakj-edik elem´ehez tartoz´o adjung´alt algebrai aldetermin´ans´anak nevezz¨uk.
12. All´ıt´´ as. Legyen A = (aij)ni=1nj=1 egy olyan m´atrix, amire teljes¨ul, hogy ai1 = 0, hai6= 1. Ekkor |A|=a11A∗11.
Bizony´ıt´as. Azt kell teh´at bel´atni, hogy
a11 a12 · · · a1n 0 a22 · · · a2n 0 a32 · · · a3n
... ... ... 0 an2 · · · ann
=a11A∗11.
4
Amennyibena11= 0, akkor az A m´atrix els˝o oszlopa csak null´akat tartalmaz, aminek k¨ovetkezt´eben a fenti egyenl˝os´eg bal oldal´an tal´alhat´o determin´ans
´ert´eke 0. Ugyanakkor, a jobb oldalon l´ev˝o szorzat is 0, mert az egyik tagja 0. Ha a11 6= 0, akkor a determin´ans pivot´al´assal t¨ort´en˝o kisz´am´ıt´asakor az els˝o pivotelem legyen a11. Mivel az ´ıgy megv´alasztott pivotelem alatt m´ar csak null´ak vannak, ez´ert az els˝o pivot´al´as sor´an csup´an a pivotelem sor´at kell elosztani a pivotelemmel. Az ´uj pivot t´abl´aban szerepl˝o
1 a12/a11 · · · a1n/a11
0 a22 · · · a2n
0 a32 · · · a3n
... ... ...
0 an2 · · · ann
m´atrix determin´ansa a kor´abban tanultak szerint
1 a12/a11 · · · a1n/a11
0 a22 · · · a2n
0 a32 · · · a3n
... ... ...
0 an2 · · · ann
= 1 a11|A|.
Vegy¨uk ´eszre, hogy a tov´abbi pivot´al´asok sor´an az els˝o sorb´ol ´es az els˝o osz- lopb´ol m´ar nem v´alasztunk pivotelemet, valamint az utols´o pivot´al´as ut´ani sor- cser´ek nem ´erintik az els˝o sort. Ennek k¨ovetkezt´eben azt lehet meg´allap´ıtani, hogy
1 a11|A|=
1 a12/a11 · · · a1n/a11
0 a22 · · · a2n
0 a32 · · · a3n
... ... ...
0 an2 · · · ann
=
=
a22 · · · a2n a32 · · · a3n ... ... an2 · · · ann
=|A11|= (−1)1+1|A11|=A∗11 ,
amib˝ola11-gyel val´o ´atszorz´as ut´an kapjuk, hogy
|A|=a11A∗11.
13. All´ıt´´ as. Legyen A = (aij)ni=1nj=1 egy olyan m´atrix, amire teljes¨ul, hogy ai1 = 0, hai6=k, ahol1≤k ≤negy r¨ogz´ıtett eg´esz sz´am. Ekkor|A|=ak1A∗k1.
5
Bizony´ıt´as. Az ´all´ıt´as szerint azt kell bel´atni, hogy
0 a12 · · · a1n
0 a22 · · · a2n
... ... ... ak1 ak2 · · · akn
... ... ... 0 an2 · · · ann
=ak1A∗k1.
A fenti determin´ans kisz´am´ıt´as´ahoz els˝o l´ep´esk´ent szomsz´edos sorok cser´ej´evel hozzuk el˝ore a m´atrixk-adik sor´at! Mivel ehhezk−1 sorcser´et kell v´egrehajtani,
´
es minden sorcsere eset´en a kapott m´atrix determin´ansa megegyezik a sorcsere el˝otti m´atrix determin´ans´anak −1-szeres´evel, ez´ert
0 a12 · · · a1n 0 a22 · · · a2n ... ... ... ak1 ak2 · · · akn
... ... ... 0 an2 · · · ann
= (−1)k−1
ak1 ak2 · · · akn 0 a12 · · · a1n 0 a22 · · · a2n ... ... ... 0 ak−1 2 · · · ak−1n
0 ak+1 2 · · · ak+1n ... ... ... 0 an2 · · · ann
.
Viszont az el˝oz˝o ´all´ıt´as szerint a jobb oldalon szerepl˝o determin´ans mege- gyezik az els˝o sor els˝o elem´enek ´es a hozz´a tartoz´o adjung´alt algebrai aldeter- min´ansnak a szorzat´aval. Az els˝o sor els˝o elemeak1, az els˝o sor els˝o elem´ehez tartoz´o adjung´alt algebrai aldetermin´ans pedig (−1)1+1 szorozva annak a m´at- rixnak a determin´ansa, amit ´ugy kapunk, hogy t¨or¨olj¨uk az els˝o sort ´es az els˝o oszlopot a m´atrixb´ol. A k−1 szomsz´edos sorcser´enek k¨osz¨onhet˝oen azonban, ha az
ak1 ak2 · · · akn 0 a12 · · · a1n 0 a22 · · · a2n ... ... ... 0 ak−1 2 · · · ak−1n
0 ak+1 2 · · · ak+1n
... ... ... 0 an2 · · · ann
6
m´atrixb´ol t¨or¨olj¨uk az els˝o sort ´es az els˝o oszlopot, akkor ugyanazt a m´atrixot kapjuk, mint ha az eredeti
0 a12 · · · a1n 0 a22 · · · a2n ... ... ... ak1 ak2 · · · akn
... ... ... 0 an2 · · · ann
m´atrixb´ol t¨or¨olt¨uk volna ak-adik sort ´es az els˝o oszlopot. Ennek k¨ovetkezt´eben azt vezethetj¨uk le, hogy
ak1 ak2 · · · akn 0 a12 · · · a1n
0 a22 · · · a2n
... ... ... 0 ak−1 2 · · · ak−1n 0 ak+1 2 · · · ak+1n
... ... ... 0 an2 · · · ann
=ak1|Ak1|.
A fentieket ¨osszekombin´alva
0 a12 · · · a1n 0 a22 · · · a2n ... ... ... ak1 ak2 · · · akn
... ... ... 0 an2 · · · ann
= (−1)k−1ak1|Ak1|=ak1(−1)k−1(−1)2|Ak1|=
=ak1(−1)k+1|Ak1|=ak1A∗k1,
ami ´eppen a bizony´ıtand´o ´all´ıt´as.
14. All´ıt´´ as. Legyen A= (aij)ni=1nj=1 egy n×n-es m´atrix. Ekkor
|A|=a11A∗11+a21A∗21+· · ·+an1A∗n1.
Bizony´ıt´as. Az A m´atrix els˝o oszkopvektora fel´ırhat´o az al´abbi n darab osz- lopvektor ¨osszegek´ent
¯ a1 =
a11 a21 a31
... an1
=
a11
0 0 ... 0
+
0 a21
0 ... 0
+· · ·+
0 0 ... 0 an1
7
Legyen
¯b1 =
a11
0 0 ... 0
,¯b2 =
0 a21
0 ... 0
, . . . ,¯bn =
0 0 ... 0 an1
,
´
es legyen Ai az a m´atrix, amit az A m´atrixb´ol ´ugy kapunk meg, hogy az els˝o oszlop hely´ere a ¯bivektort ´ırjuki= 1, . . . , n. Ekkor a kor´abbiak alapj´an tudjuk, hogy egyr´eszt
|A|=|A1|+|A2|+· · ·+|An|, m´asr´eszt
|Ai|=ai1A∗i1, i= 1, . . . n.
Ezen k´et egyenl˝os´eg felhaszn´al´as´aval pedig k¨ovetkezik, hogy
|A|=|A1|+|A2|+· · ·+|An|=a11A∗11+a21A∗21+· · ·+an1A∗n1,
ami ´eppen a bizony´ıtand´o ´all´ıt´as.
Most m´ar kimondhatjuk a determin´ansokra vonakoz´o oszlop szerinti kifejt´esi t´etelt, ami azt mondja ki, hogy egy n´egyzetes m´atrix determin´ans´at kisz´am´ıthat- juk oly m´odon, hogy tekintj¨uk a m´atrix valamelyik oszlop´at, majd az oszlop elemeit rendre megszorozzuk a hozz´ajuk tartoz´o adjung´alt algebrai aldeter- min´ansokkal ´es k´epezz¨uk az ´ıgy kapott sz´amok ¨osszeg´et.
15.T´etel(Determin´ans oszlop szerinti kifejt´esi t´etele.).LegyenA= (aij)ni=1nj=1 egy n×n-es m´atrix, 1≤i≤n egy eg´esz sz´am. Ekkor
|A|=a1iA∗1i+a2iA∗2i+· · ·+aniA∗ni.
Bizony´ıt´as. Legyen 1≤i≤negy eg´esz sz´am. Jel¨oljeB azt a m´atrixot, amit az Am´atrixb´ol ´ugy kapunk meg, hogyi−1 szomsz´edos oszlopcser´evel el˝orehozzuk az i-edik oszlopot. Ez azt jelenti, hogy
B =
a1i a11 a12 · · · a1i−1 a1i+1 · · · a1n a2i a21 a22 · · · a2i−1 a2i+1 · · · a2n ... ... ... ... ... ... ... ... ani an1 an2 · · · an i−1 an i+1 · · · ann
.
Az el˝oz˝o ´all´ıt´ast felhaszn´alva a B m´atrix determin´ansa
|B|=a1iB11∗ +a2iB21∗ +· · ·+aniBn1∗ .
Tudjuk, hogy Bk1∗ = (−1)k+1|Bk1|, ahol |Bk1| annak a Bk1 m´atrixnak a deter- min´ansa, amit ´ugy kapunk, hogy t¨or¨olj¨uk a B m´atrix k-adik sor´at ´es az els˝o oszlop´at. Vegy¨uk ´eszre azonban, hogy a Bk1 m´atrix val´oj´aban megegyezik az Aki m´atrixszal. Ennek k¨ovetkezt´eben
|B|=a1i(−1)1+1|A1i|+a2i(−1)2+1|A2i|+· · ·+ani(−1)n+1|Ani|.
A szomsz´edos oszlopcser´ek miatt
|B|= (−1)i−1|A|,
8
amib˝ol
|A|= (−1)i−1|B|=a1i(−1)1+i|A1i|+a2i(−1)2+i|A2i|+· · ·+ani(−1)n+i|Ani|
=a1iA∗1i+a2iA∗2i+· · ·+aniA∗ni
A determin´ansokra vonakoz´o sor szerinti kifejt´esi t´etel, pedig azt mondja ki, hogy egy n´egyzetes m´atrix determin´ans´at kisz´am´ıthatjuk oly m´odon, hogy te- kintj¨uk a m´atrix valamelyik sor´at, majd az adott sor elemeit rendre megszoroz- zuk a hozz´ajuk tartoz´o adjung´alt algebrai aldetermin´ansokkal ´es k´epezz¨uk az
´ıgy kapott sz´amok ¨osszeg´et.
16. T´etel (Determin´ans sor szerinti kifejt´esi t´etele.). Legyen A = (aij)ni=1nj=1 egy n×n-es m´atrix, 1≤i≤n egy eg´esz sz´am. Ekkor
|A|=ai1A∗i1+ai2A∗i2+· · ·+ainA∗in.
N´ezz¨uk meg a sor szerinti kifejt´esi t´etelt egy 3×3-as m´atrix eset´en!
17. P´elda. Sz´am´ıtsuk ki az al´abbi determin´anst az els˝o sor szerinti kifejt´essel!
a11 a12 a13 a21 a22 a23 a31 a32 a33 Megold´as:
a11 a12 a13 a21 a22 a23 a31 a32 a33
= a11A∗11+a12A∗12+a13A∗13
= a11(−1)1+1|A11|+a12(−1)1+2|A12|+a13(−1)1+3|A13|
= a11
a22 a23 a32 a33
−a12
a21 a23 a31 a33
+a13
a21 a22 a31 a32
Ez pedig ´eppen az a kisz´amol´asi k´eplet, amit a h´aromdimenzi´os t´er vektorain´al megtanultunk vektori´alis, illetve vegyes szorzat kisz´am´ıt´as´an´al.
18.P´elda. Sz´am´ıtsuk ki az al´abbi determin´anst a harmadik sor szerinti kifejt´essel!
2 3 1 3 5 4 1 4 1 Megold´as:
2 3 1 3 5 4 1 4 1
= 1(−1)3+1
3 1 5 4
+ 4(−1)3+2
2 1 3 4
+ 1(−1)3+3
2 3 3 5
= 1·7−4·5 + 1·1 =−12.
9
19.P´elda. Sz´am´ıtsuk ki az al´abbi determin´anst a m´asodik oszlop szerinti kifejt´essel!
1 3 2 3 6 4 2 4 6 Megold´as:
1 3 2 3 6 4 2 4 6
= 3(−1)1+2
3 4 2 6
+ 6(−1)2+2
1 2 2 6
+ 4(−1)3+2
1 2 3 4
= −3·10 + 6·2−4·(−2) =−10.
20. P´elda. Sz´am´ıtsuk ki az al´abbi determin´anst valamelyik kifejt´esi t´etel alkal- maz´as´aval!
2 1 4 2 3 1 0 2 2 4 6 8 1 2 0 3 Megold´as:
Most nics meadva, hogy melyik sor vagy oszlop szerinti kifejt´est kell alkal- mazni. Vegy¨uk ´eszre, hogy a determin´ans harmadik oszlopa k´et 0-t is tartal- maz. Ez´ert ´erdemes ezen oszlop szerint kifejteni a determin´anst, hiszen amikor a harmadik oszlop elemeit szorozzuk a hozz´ajuk tartoz´o adjung´alt algebrai aldetermin´ansokkal, akkor a 0 elemekhez tartoz´o adjung´alt algebrai aldeter- min´ansokat ki sem kell sz´amolni, mert a 0-val val´o szorz´as eredm´enye ´ugy is 0 lesz. Sz´amoljuk teh´at ki a determin´anst a harmadik oszlopa szerinti kifejt´essel!
2 1 4 2 3 1 0 2 2 4 6 8 1 2 0 3
= 4(−1)1+3
3 1 2 2 4 8 1 2 3
+ 0·A∗23+ 6(−1)3+3
2 1 2 3 1 2 1 2 3
+ 0·A∗43
Sz´am´ıtsuk ki k¨ul¨on-k¨ul¨on a k´et harmadrend˝u determin´anst, az els˝ot a 2. sor szerint, a m´asodikat a 3. oszlopa szerinti kifejt´essel!
3 1 2 2 4 8 1 2 3
= 2(−1)2+1
1 2 2 3
+ 4(−1)2+2
3 2 1 3
+ 8(−1)2+3
3 1 1 2
= −2·(−1) + 4·7−8·5 =−10.
2 1 2 3 1 2 1 2 3
= 2(−1)1+3
3 1 1 2
+ 2(−1)2+3
2 1 1 2
+ 3(−1)3+3
2 1 3 1
= 2·5−2·3 + 3·(−1) = 1.
10
A fentieket felhaszn´alva
2 1 4 2 3 1 0 2 2 4 6 8 1 2 0 3
= 4·(−10) + 0 + 6·1 + 0 =−34.
21. P´elda. Sz´am´ıtsuk ki az al´abbi determin´anst valamelyik kifejt´esi t´etel alkal- maz´as´aval!
1 0 2 5 2 3 3 2 4 4 2 1 6 0 0 3 Megold´as:
Mivel a determin´ans 4. sor´aban k´et darab 0 is tal´alhat´o, ez´ert ´erdemes ezen sor szerint kifejteni a determin´anst.
1 0 2 5 2 3 3 2 4 4 2 1 6 0 0 3
= 6(−1)4+1
0 2 5 3 3 2 4 2 1
+ 0·A∗42+ 0·A∗43+ 3(−1)4+4
1 0 2 2 3 3 4 4 2
Sz´am´ıtsuk ki k¨ul¨on-k¨ul¨on a k´et harmadrend˝u determin´anst, az els˝ot az 1. sor szerint, a m´asodikat a 2. oszlopa szerinti kifejt´essel!
0 2 5 3 3 2 4 2 1
= 0(−1)1+1
3 2 2 1
+ 2(−1)1+2
3 2 4 1
+ 5(−1)1+3
3 3 4 2
= 0−2·(−5) + 5·(−6) = −20.
1 0 2 2 3 3 4 4 2
= 0(−1)1+2
2 3 4 2
+ 3(−1)2+2
1 2 4 2
+ 4(−1)3+2
1 2 2 3
= 0 + 3·(−6)−4·(−1) = −14.
A fentieket felhaszn´alva
1 0 2 5 2 3 3 2 4 4 2 1 6 0 0 3
=−6·(−20) + 0 + 0 + 3·(−14) = 78.
11