Határozatlan integrál, primitív függvény
Alapintegrálok
Alapintegráloknak nevezzük az elemi valós függvények differenciálási szabályai- nak megfordításából adódó primitív függvényeket.
• Z
xndx= xn+1
n+ 1 +c, han6=−1; mert xn+1
n+ 1+c ′
=xn
• Z 1
xdx= ln|x|+c; mert(ln +c)′= 1 x
• Z
sinx dx=−cosx+c; mert(−cosx+c)′= sinx
• Z
cosx dx= sinx+c; mert(sinx+c)′= cosx
• Z 1
cos2xdx= tanx+c; mert(tanx+c)′= 1 cos2x
• Z 1
sin2x dx=−cotx+c; mert(−cotx+c)′= 1 sin2x
•
Z 1
√1−x2 dx= arcsinx+c; mert(arcsinx+c)′= 1
√1−x2
•
Z 1
√1−x2 dx=−arccosx+c; mert(−arccosx+c)′= 1
√1−x2
• Z 1
1 +x2 dx= arctanx+c; mert(arctanx+c)′= 1 1 +x2
• Z 1
1 +x2 dx=−arccotx+c; mert(−arccotx+c)′= 1 1 +x2
• Z
coshx dx= sinhx+c; mert(sinhx+c)′= coshx
• Z
sinhx dx= coshx+c; mert(coshx+c)′= sinhx
•
Z 1
cosh2x dx= tanhx+c; mert(tanhx+c)′= 1 cosh2x
• Z 1
sinh2xdx=−cothx+c; mert(−cothx+c)′= 1 sinh2x
• Z
exdx= ex+c; mert(ex+c)′= ex
• Z
axdx= ax
lna+c; mert ax
lna+c ′
=ax
•
Z 1
√x2+ 1 dx= ar sinhx+c; mert(ar sinhx+c)′= 1
√x2+ 1
•
Z 1
√x2−1 dx= ar coshx+c; mert(ar coshx+c)′= 1
√x2−1
• Z 1
1−x2 dx= ar tanhx+c, ha|x|<1; mert(ar tanhx+c)′ = 1 1−x2
• Z 1
1−x2 dx= ar cothx+c, ha|x|>1; mert(ar cothx+c)′= 1 1−x2
Az integrálás alapképleteinek és -szabályainak alkalmazása
Példák :
(A/1) Z dx
x2 = Z
x−2dx=x−1
−1 =−1 x+c (A/2)
Z dx
√3
x = Z
x−13 dx= x23
2 3
=3 2
√3
x2+c (A/3)
Z
x2(x2−1)dx= Z
(x4−x2)dx= Z
x4dx− Z
x2dx= x5 5 −x3
3 +c (A/4)
Z
(x2−1)2dx= Z
(x4−2x2+ 1)dx= Z
x4dx−2 Z
x2dx+ Z
1dx=
=x5 5 −2x3
3 +x+c (A/5)
Z √
x−x+x4 x2 dx=
Z
(x−32 −1
x+x2)dx=− 2
√x−ln|x|+x3 3 +c (A/6)
Z (x+ 1)2
√x dx= Z
(x32 + 2x12 +x−12)dx= 2 5
√x5+4 3
√x2+ 2√ x+c (A/7)
Z x2−4x+ 7 x−2 dx =
Z (x−2)2+ 3 x−2 dx =
Z
(x−2)dx+ Z 3
x−2 dx =
=x2
2 −2x+ 3 ln|x−2|+c (A/8)
Z 1 + 2x2 x2(1 +x2)dx=
Z 1 +x2
x2(1 +x2)+ x2 x2(1 +x2)
dx= Z 1
x2 + 1 1 +x2
dx=−1
x+ arctanx+c
(A/9)
Z 6
5 + 5x2 dx=6 5
Z 1
1 +x2 dx= 6
5arctanx+c (A/10)
Z ln 2
√2 + 2x2 dx= ln 2
√2
Z 1
√1 +x2 dx= ln 2
√2 ar sinhx+c
(A/11) Z
tan2x dx=
Z sin2x cos2xdx=
Z 1−cos2x cos2x dx= Z 1
cos2x−1
dx= tanx−x+c (A/12)
Z cos 2x
cosx−sinx dx=
Z cos2x−sin2x cosx−sinx dx= Z
(cosx+ sinx)dx= sinx−cosx+c (A/13)
Z x4
1−xdx=−
Z x4−1 x−1 + 1
x−1
dx=
− Z
x3+x2+x+ 1 + 1 1−x
dx=
− x4
4 +x3 3 +x2
2 +x+ ln|x−1|
+c Feladatok :
(a/1) Z
(√
x+ 1)(x−√
x+ 1)dx (a/2)
Z √3 x2−√4
√ x
x dx
Integrálás helyettesítéssel
Z
f(x)dx= Z
f(ϕ(t))ϕ′(t)dt; helyettesítés: x=ϕ(t)
Példák :
(B/1) Z
cos (4x−5)dx=1 4
Z
cost dt= 1
4sint+c=1
4sin (4x−5) +c helyettesítés: t= 4x−5 =⇒ dt
dx = 4 =⇒dx= 1 4dt
(B/2) Z √
8−2x dx=−1 2
Z √
t dt= 1 2
2
3 t32 +c=−1 3
p(8−2x)3+c
helyettesítés: t= 8−2x=⇒ dt
dx =−2 =⇒dx=−1 2 dt (B/3)
Z
e−xdx=− Z
etdt=−eu+c=−e−x+c helyettesítés: t=−x=⇒ dt
dx =−1 =⇒dx=−dt (B/4)
Z
10xexdx= eln 10ex= Z
ex(ln 10+1)dx= 1
ln 10 + 1et+c= ex(ln 10+1) ln 10 + 1 +c helyettesítés: t=x(ln 10 + 1) =⇒ dt
dx = ln 10 + 1 =⇒dx= 1 ln 10 + 1dt (B/5)
Z 1
5 +x2 dx= 1 5
Z 1
1 + x
√5
2 dx=1 5
√5 arctan x
√5 +c
helyettesítés: t= x
√5 =⇒ dt dx = 1
√5 =⇒dx=√ 5dt (B/6)
Z 1
(2x−3)5 dx= Z
(2x−3)−5dx=1 2
Z
t−5dt= 1
2 t−4
−4 +c=−1 8
1
(2x−3)4 +c helyettesítés: t= 2x−3 =⇒ dt
dx = 2 =⇒dx= 1 2dt (B/7)
Z x2p3
x3+ 8dx= 1 3 Z
3x2p3
x3+ 8dx= 1 3
Z 3√3
t dt
= 1 3
3
4 t43 +c=1 4
p3
(x3+ 8)4+c helyettesítés: t=x3+ 8 =⇒ dt
dx = 3x2=⇒dt= 3x2dx (B/8)
Z
xsin (x2+ 2)dx= 1 2
Z
2xsin (x2+ 2)dx= 1 2 Z
sint dt=
−1
2cost+c=−1
2cos (x2+ 2) +c helyettesítés: t=x2+ 2 =⇒ dt
dx = 2x=⇒dt= 2x dx (B/9)
Z √3 tanx cos2x dx=
Z
√3
t dt= 3
4t43 +c= 3 4
p3
tan4x+c
helyettesítés: t= tanx=⇒ dt dx = 1
cos2x=⇒dt= 1 cos2xdx (B/10)
Z x
x4+ 1 dx=1 2
Z 1
t2+ 1 dt= 1
2arctant+c=1
2arctanx2+c helyettesítés: t=x2=⇒ dt
dx = 2x=⇒dt= 2x dx (B/11)
Z x3
√x8−1 dx= 1 4
Z 1
√t2−1 dt= 1
4ar cosht+c= 1
4ar coshx4+c helyettesítés: t=x4=⇒ dt
dx = 4x3=⇒dt= 4x3dx Feladatok :
(b/1) Z
sin (π
3 −3x)dx (b/2)
Z 3
√3x2−2 dx (b/3)
Z p5
(8−3x)6dx (b/4)
Z xp
1−x2dx (b/5)
Z x
√x2+ 1 dx (b/6)
Z cosx
√sinx dx
(b/7) Z √
lnx x dx (b/8)
Z cosx p1 + sin2x
dx
Integrálás az
Z f
′(x)
f (x) dx = ln | f ( x ) | + c szabállyal
Példák :
(C/1) Z x
4 +x2 dx=1 2
Z 2x
4 +x2 dx= ln (4 +x2) +c (lehet t= 4 +x4 helyettesítéssel is)
(C/2) Z 1
xlnx dx= Z 1
x
lnxdx= ln lnx+c (lehet t= lnxhelyettesítéssel is) (C/3)
Z x+ 2 2x−1 dx=
Z x−12
2x−1 +
5 2
2x−1
dx= Z 1
2 +5 4
2 2x−1
dx= x 2 +5
4ln|2x−1|+c (lehet t= 2x−1 helyettesítéssel is)
(C/4)
Z 3x−1 x2+ 9 dx=
Z 3x x2+ 9 dx−
Z 1
x2+ 9 dx= 3
2
Z 2x
x2+ 9 dx−1 9
Z 1
1 +x 3
2 dx =∗ 3
2ln (x2+ 9)− 1 3
Z 1
1 +t2 dx =
= 3
2ln (x2+ 9)−1
3arctant+c= 3
2ln (x2+ 9)−1
3arctanx 3 +c
∗ helyettesítés a második integrálban:t=x
3 =⇒ dt dx = 1
3 =⇒dt=1 3 dx
Parciális integrálás
Z
u(x)v′(x)dx=u(x)v(x)− Z
u′(x)v(x)dx
Példák :
(D/1) Z
xcosx dx=xsinx− Z
sinx dx=xsinx+ cosx+c u=x u′= 1
v′ = cosx v= sinx (D/2)
Z
(x2−1) sin 3x dx(1)= −1
3(x2−1) cos 3x+2 3
Z
xcos 3x dx(2)=
(1) u=x2−1 u′= 2x (2) u=x u′ = 1 v′ = sin 3x v=−1
3cos 3x v′= cos 3x v=1 3sin 3x
−1
3(x2−1) cos 3x+2 3
1
3xsin 3x−1 3 Z
sin 3x dx
=
−1
3(x2−1) cos 3x+2
9xsin 3x+ 2
27cos 3x+c (D/3)
Z sin√
x dx(1)= 2 Z
tsint dt(2)=
(1) helyettesítés: x=t2=⇒dx= 2t dt (2) u=t u′= 1
v′ = sint v=−cost
−2tcost+ 2 Z
cost dt=−2tcost+ 2 sint=−2√ xcos√
x+ 2 sin√ x+c (D/4)
Z
xsinxcosx dx=1 2
Z
xsin 2x dx=
u=x u′= 1
v′ = sin 2x v=−12cos 2x
−14xcos 2x+14 Z
cos 2x dx=−x
4cos 2x+1
8sin 2x+c (D/5)
Z
xarctanx dx=
u= arctanx u′= 1 1 +x2 v′ =x v=x2
2 x2
2 arctanx − 1 2
Z x2
1 +x2 dx = x2
2 arctanx− 1 2
Z 1 +x2−1
1 +x2 dx =
= x2
2 arctanx−1 2
Z dx+1
2 Z 1
1 +x2 dx= x2
2 arctanx−x 2+1
2arctanx+c (D/6)
Z
e3xcos 2x dx(1)= 1
2e3xsin 2x−3 2
Z
e3xsin 2x dx (∗)
(1) u= e3x u′= 3e3x v′ = cos 2x v=1
2sin 2x Másrészt:
Z
e3xcos 2x dx(2)= 1
3e3xcos 2x+2 3
Z
e3xsin 2x dx (∗∗) (2) u= cos 2x u′=−2 sin 2x
v′ = e3x v= 1 3e3x
A (*) egyenletet 4-gyel, a (**) egyenletet 9-cel szorozva és össze- adva a
Z
e3xsin 2x dxtag kiesik, így kapjuk:
13 Z
e3xcos 2x dx= 2e3xsin 2x+ 3e3xcos 2x Tehát:
Z
e3xcos 2x dx=2e3xsin 2x+ 3e3xcos 2x
13 +c
(D/7) Z
earcsinxdx=∗ Z
etcost dt=?
∗ helyettesítés:t= arcsinx=⇒x= sint=⇒dx= costdt
Z
etcost dt(1)= etsint− Z
etsint dt (1) u= et u′= et
v′ = cost v= sint Másrészt:
Z
etcost dt(2)= etcost+ Z
etsint dt (2) u= cost u′ =−sint
v′ = et v= et A két egyenletetet összadva az
Z
etsint dttag kiesik, így:
2 Z
etcost dt= etsint+ etcost= et(sint+ cost)
Tehát:
Z
earcsinxdx=earcsinx 2 (
x
z }| { sin arcsinx+
√1−x2
z }| { cos arcsinx) = earcsinx
2 (x+p
1−x2) +c Feladatok :
(d/1)
Z x+ 2 ex
2
dx (d/2)
Z
x2axdx (d/3)
Z
x3e−x2 dx (d/4)
Z
arctan√ x dx (d/5)
Z
ln3x dx(segítség: u= ln3x, v′ = 1; majd további két ehhez hasonló parc. int.)
(d/6) Z
xexdx (d/7)
Z
(8x2−11x+ 5)exdx (d/8)
Z
xarcsinxdx (d/9)
Z
x33xdx (d/10)
Z sin√
xdx (d/11)
Z
xarctgxdx (d/12)
Z
x2cos 2xdx (d/13)
Z
xsinxcosxdx
(d/14) Z
lnxdx (d/15)
Z
ln2xdx (d/16)
Z
ln3xdx (d/17)
Z
(arcsinx)2dx (d/18)
Z
excosxdx (d/19)
Z
2xsinxdx (d/20)
Z
earcsinxdx (d/21)
Z
e3xcos 2xdx (d/22)
Z x+ 2 ex
2
dx (d/23)
Z
xlnxdx
Racionális törtfüggvények integrálása
Példák :
(E/1)
Z x−2
x2−7x+ 12 dx=?
Az integrandust parciális törtekre bontjuk:
x−2
x2−7x+ 12 = x−2
(x−3)(x−4) = A
x−3 + B x−4 =
= A(x−4) +B(x−3)
(x−3)(x−4) = x(A+B)−4A−3B (x−3)(x−4)
Összehasonlítva a számlálóban az együtthatókat a jobb és bal oldalon, a következő egyenletrendszert kapjuk:
A+B= 1
−4A−3B=−2 melynek megoldása:A=−1,B= 2. Tehát:
Z x−2
x2−7x+ 12 dx= Z
− 1
x−3+ 2 x−4
dx=− Z 1
x−3 dx+ 2 Z 1
x−4 dx=
=−ln|x−3|+ 2 ln|x−4|+c= lnc(x−4)2
|x−3| (E/2)
Z x
x4−3x2+ 2 dx=∗ 1 2
Z 1
t2−3t+ 2 dt=?
∗helyettesítés: t=x2=⇒dt= 2xdx Az integrandust parciális törtekre bontjuk:
1
t2−3t+ 2 = 1
(t−1)(t−2) = A
t−1 + B t−2 =
=A(t−2) +B(t−1)
(t−1)(t−2) = t(A+B)−2A−B (t−1)(t−2)
Összehasonlítva a számlálóban az együtthatókat, a következő egyenlet- rendszert kapjuk:
A+B= 0
−2A−B= 1 melynek megoldása:A=−1,B= 1. Tehát:
1 2
Z 1
t2−3t+ 2 dx= 1 2
Z
− 1
t−1 + 1 t−2
dx=
=−1 2
Z 1
t−1 dx+1 2
Z 1 t−2 dx=
=−1
2ln|t−1|+1
2ln|t−2|+1 2lnc=
= 1
2lnc|t−2|
|t−1| = 1
2lnc|x2−2|
|x2−1|
(E/3)
Z 3x−2
x2+ 4x+ 8 dx=?
Itt a nevező nem bontható fel lineáris tényezők szorzatára, ezért az integrandust két olyan tört összegére bontjuk, amelyek egyikében a a számláló a nevező deriváltjának konstansszorosa, a másik számlálója pedig konstans:
3x−2
x2+ 4x+ 8 = α(2x+ 4)
x2+ 4x+ 8+ β
x2+ 4x+ 8 = 2αx+ 4α+β x2+ 4x+ 8
Összehasonlítva a számlálóban az együtthatókat, a következő egyenlet- rendszert kapjuk:
2α= 3 4α+β=−2 melynek megoldása:α= 3
2,β =−8. Tehát:
Z 3x−2
x2+ 4x+ 8 dx=3 2
Z 2x+ 4
x2+ 4x+ 8 dx−8
Z 1
x2+ 4x+ 8 dx=
=3
2ln (x2+ 4x+ 8)−8 Z 1
4 1
(x+22 )2+ 1 dx=
=3
2ln (x2+ 4x+ 8)−4 arctanx+ 2 2 +c (E/4)
Z x3−2x2+ 4 x3(x−2)2 dx=?
Az integrandust parciális törtekre bontjuk:
x3−2x2+ 4 x3(x−2)2 =A
x + B x2 + C
x2 + D
(x−2)+ E (x−2)2 =
=A[x2(x−2)2] +B[x(x−2)2] +C[(x−2)2] +D[x3(x−2)] +E[x3] x3(x−2)2
Összehasonlítva a számlálóban az együtthatókat, a következő egyenlet-
rendszert kapjuk:
A+D= 0
−4A+B−2D+E= 1 4A−4B+C=−2
4B−4C= 0 4C= 4 melynek megoldása:A= 1
4,B= 1,C= 1,D=−1
4,E= 1
2. Tehát:
Z x3−2x2+ 4 x3(x−2)2 dx=
Z 1 4x+ 1
x2 + 1
x2 − 1
4(x−2)+ 1 2(x−2)2
dx==
= 1 4ln x
x−2− 1 x− 1
2x2− 1 2(x−1) +c (E/5)
Z 1
x6+x4 dx=
Z 1
x4(x2+ 1) dx=?
Az integrandust parciális törtekre bontjuk:
1
x4(x2+ 1) = A x + B
x2+ C x3 +D
x4 +Ex+F x2+ 1 =
= A(x5+x3) +B(x4+x2) +C(x3+x) +D(x2+ 1) +Ex5+F x4 x4(x2+ 1)
Összehasonlítva a számlálóban az együtthatókat, a következő egyenlet- rendszert kapjuk:
A+E= 0 B+F = 0 A+C= 0 B+D= 0 C= 0 D= 1
melynek megoldása: A = 0, B = −1, C = 0, D = 1, E = 0, F = 1.
Tehát:
Z 1
x6+x4 dx= Z
−1 x2 + 1
x4 + 1 x2+ 1
dx= 1 x− 1
3x2+ arctanx+c
Feladatok :
(e/1)
Z 2x2−5 x4−5x2+ 6 dx (e/2)
Z 1 x4−x2 dx (e/3)
Z x x3−1 dx (e/4)
Z x2 1−x4 dx (e/5)
Z 1
(x+ 1)2(x2+ 1) dx (e/6)
Z 2 5x−1dx (e/7)
Z π x+ 2dx (e/8)
Z 2x+ 1 3x−4dx (e/9)
Z 7x−2 4x+ 11dx (e/10)
Z x2+ 1 x+ 1 dx (e/11)
Z x2−2x+ 3 5x+ 7 dx (e/12) R 3x3+2x2+x
10x−1 dx (e/13)
Z 17dx (3x+ 14)2 (e/14)
Z 33dx (x+ 19)3 (e/15)
Z x+ 7 (x+ 2)2dx (e/16)
Z x2−x+ 8 (x−3)3 dx (e/17)
Z x3+x2−x+ 1 (x−1)4 dx
(e/18)
Z x4+ 1 (x−2)3dx (e/19)
Z x7 (1 +x)6dx (e/20)
Z dx
3x2+ 4x+ 5 (e/21)
Z dx
5x2−4x+ 3 (e/22)
Z dx
x2−6x−10 (e/23)
Z x−4 x2+ 4dx (e/24)
Z 7x−6 x2−8 (e/25)
Z 3x4+ 4x3−x+ 13 x2+ 3x−4 dx (e/26)
Z x6−x5 x2−5x−6dx (e/27)
Z x4+x2+ 1 x3+ 3x2+ 3x+ 1dx (e/28)
Z x+ 3 x3+ 4x2+ 4xdx (e/29)
Z (x2+ 1)dx
(x2−10x+ 21)(x2+ 2x+ 1) (e/30)
Z x4+x2+ 1 (x+ 1)2(x−1)2dx (e/31)
Z dx (x2+ 1)2 (e/32)
Z dx (x2+ 1)3 (e/33)
Z 3x−4 (x2+ 4)3 (e/34)
Z x+ 1 x4+ 4x2+ 3dx
(e/35)
Z x3+x+ 2 (x2+x+ 1)(x−2)dx (e/36)
Z x3+ 2 x4−4x2+ 3dx (e/37)
Z xdx x4−2x2−3 (e/38)
Z xdx x4−3x2+ 2
Trigonometrikus és hiperbolikus függvények integrálása
Páratlan kitevő esetén : leválasztás + helyettesítés.
Páros kitevő esetén : linearizálás.
Linearizálási formulák:
cos2x+ sin2x= 1; cos 2x= cos2x−sin2x; sin 2x= 2 sinxcosx;
cos2x= 1−sin2x; sin2x= 1−cos2x;
cos2x= 1 + cos 2x
2 ; sin2x=1−cos 2x
2 ;
cosh2x−sinh2x= 1; cosh 2x= cosh2x+ sinh2x; sinh 2x= 2 sinhxcoshx;
cosh2x= 1 + sinh2x; sinh2x= cosh2x−1;
cosh2x= cosh 2x+ 1
2 ; sinh2x=cosh 2x−1 2 Példák :
(F/1) Z
cos5x dx= Z
cos4xcosx dx= Z
(cos2x)2cosx dx= Z
(1−sin2x)2cosx dx=∗ Z
(1−t2)2dt= Z
(1−2t2+t4)dt= t−2t3
3 +t5
5 +c= sinx−2
3sin3x+1
5sin5x+c (∗ helyettesítés:t= sinx=⇒dt= cosxdx)
(F/2) Z
sin6x dx= Z
(sin2x)3dx=
Z 1−cos 2x 2
3
dx=
= 1 8
Z
1−3 cos 2x+ 3 cos22x−cos32x dx=
= 1 8
Z
1−3 cos 2x+ 31 + cos 4x
2 −cos32x
dx=
=· · ·(az utolsó tagra a páratlan kitevő módszerét alkalmazva)· · ·=
= 1 8
5 2x−3
2sin 2x+3
8sin 4x−1
2sin 2x+1 6sin32x
+c
(F/3) Z
sinh2xcosh3x dx= Z
sinh2x(1+sinh2x)
dt
z }| { coshx dx=
Z
t2(1+t2)dt=
= t3 3 +t5
5 = sinh3x
3 +sinh5x 5 +c (F/4)
Z sinh3x
√coshx dx=
Z (cosh2x−1) sinhx
√coshx dx=
Z t2−1
√t dt=2 5t52−2
3t32 =
= 2 5
pcosh5x−2 3
pcosh3x+c
Feladatok :
(f/1)
Z sin4x cos2x dx (f/2)
Z
sin6xcos3x dx (f/3)
Z sin3x cos4x dx (f/4)
Z 1
sinhxcoshxdx (f/5)
Z
cos 3xdx (f/6)
Z
xsinx2dx (f/7)
Z
(sin2x−cos2x)dx (f/8)
Z
sinxcosxdx
(f/9) Z
sin2xcos2xdx (f/10)
Z
sin3xcosxdx (f/11)
Z
sin2xcos3xdx (f/12)
Z
sin5xdx (f/13)
Z
cos5xdx (f/14)
Z
cos3xdx (f/15)
Z
sin5xcos2xdx (f/16)
Z sinxdx 1 + cos2x (f/17)
Z cosxdx 1 + cos 2x (f/18)
Z sin3xdx 1 + sin2x (f/19)
Z √
1 + cosxdx (f/20)
Z √
1−cosxdx (f/21)
Z dx sinx+ cosx (f/22)
Z dx cos3x (f/23)
Z dx 5−3 cosx (f/24)
Z sinx−cosx sinx+ cosxdx (f/25)
Z
tg5xdx (f/26)
Z dx sin4xcos4x
Az R(e
x) alakú függvények integrálása
Számítsuk ki a következő integrálokat:
(g/1) Z
sinh2xdx (g/2)
Z
cosh3xdx (g/3)
Z dx shx (g/4)
Z
sinh2xch3dx (g/5)
Z sinh3xdx
√coshx (g/6)
Z e2xdx ex+ 1 (g/7)
Z 6dx ex−3 (g/8)
Z
exsinh 3xdx
Irracionális függvények integrálása
Számítsuk ki a következő integrálokat:
(h/1)
Z xdx
√3x+ 5 (h/2)
Z
(x2−3x+ 2)√
2x−1dx (h/3)
Z dx
√ex+ 1
(h/4)
Z √3 x2dx
√9x2−6x+ 5 (h/5)
Z sinhxdx
√coshx (h/6)
Z xdx
√x2+ 1 (h/7)
Z x3dx
√x8−1
További feladatok
Számítsuk ki a következő integrálokat:
a)
Z cos 2xdx cosx−sinx b)
Z e−xdx c)
Z
cos(4x−5)dx d)
Z √
8−2xdx e)
Z
10xexdx f)
Z 5 +x2 5−x2dx g)
Z 3dx
√3x2−2
h)
Z x3dx (2x−4)5 i)
Z p5
(8−3x)6dx j)
Z xp
1−x2dx k)
Z cosxdx
√sinx l)
Z
xsin(x2+ 1)dx m)
Z dx xlnx n)
Z √ lnx x dx o)
Z cosxdx p1 + sin2x